BIOLOGIJA
Redaguojant Rusijos medicinos mokslų akademijos akademikui, profesoriui V. N. Jaryginas
Dviejose knygose
2 knyga
Penktasis leidimas, pataisytas ir papildytas Rekomenduoja Rusijos Federacijos švietimo ministerija
kaip vadovėlis aukštųjų mokyklų medicinos specialybių studentams
Maskva" baigti mokyklą» 2003 m
UDC 574/578 BBK 28,0 B63
V.N. Yaryginas, V.I. Vasiljeva, I. N. Volkovas, V.V. Sinelščikova
Recenzentai:
skyrius medicinos biologija ir Tverės valstijos genetika medicinos akademija(katedros vedėjas – prof. G. V. Khomullo);
Iževsko valstybinės medicinos akademijos Biologijos katedra (katedros vedėjas
Prof. V.A. Glumovas)
ISBN 5-06-004589-7 (2 knyga) © Federalinės valstijos vieningos įmonės leidyklos aukštoji mokykla, 2003 m.
ISBN 5-06-004590-0
Originalus šio leidinio maketas yra leidyklos „Vysshaya Shkola“ nuosavybė, o jo atgaminimas (atgaminimas) bet kokiu būdu be leidėjo sutikimo yra draudžiamas.
PRATARMĖ
Ši knyga yra medicinos specialybių studentams skirto vadovėlio „Biologija“ tęsinys. Tai apima skyrius apie biologiniai modeliai, kurie pasireiškia gyvybės Žemėje organizavimo populiacijos-rūšies ir biogeocenotiniame lygmenyse.
Skyrių numeracija tęsiama 1-oje knygoje.
IV SKYRIUS GYVENIMAS IR RŪŠYS GYVENIMO ORGANIZAVIMO LYGIS
Anksčiau peržiūrėta biologiniai reiškiniai o mechanizmai, susiję su molekuliniu genetiniu, ląsteliniu ir ontogenetiniu gyvybės organizavimo lygiais, buvo erdviškai apriboti vienu organizmu (daugialąsčiu ar vienaląsčiu, prokariotiniu ar eukariotu), o laikinai – su jo ontogeneze arba gyvavimo ciklu. Populiacijos-rūšinis organizuotumo lygis priklauso superorganizmų kategorijai.
Gyvenimas reprezentuojamas tam tikrų tipų, kurios yra organizmų, turinčių savybių, rinkiniai paveldimumas ir variacija.
Šios savybės tampa evoliucijos proceso pagrindu. Šį rezultatą lemiantys mechanizmai yra tai pačiai rūšiai priklausančių individų selektyvus išgyvenimas ir selektyvus dauginimasis. AT gamtinės sąlygos ypač intensyvus dauginimasis vyksta populiacijose, kurios yra minimalios savaime besidauginančios rūšies individų grupės.
Kiekviena "buvusi ar gyva rūšis yra tam tikro evoliucinių transformacijų ciklo populiacijos-rūšies lygmeniu rezultatas, iš pradžių užfiksuotas jos genofonde. Pastaroji išsiskiria dviem svarbiomis savybėmis. Pirma, joje yra biologinės informacijos apie tai, kaip ši rūšis tam tikromis sąlygomis išgyventi ir palikti palikuonių aplinką, antra, ji turi galimybę iš dalies pakeisti joje esančios biologinės informacijos turinį. Pastarasis yra
rūšies evoliucinio ir ekologinio plastiškumo pagrindas, t.y. gebėjimas prisitaikyti prie egzistavimo kitomis sąlygomis, kurios keičiasi istoriniu laiku arba iš teritorijos į teritoriją. Rūšies populiacijos struktūra, dėl kurios rūšies genofondas suskaidomas į populiacijos genofondus, prisideda prie pasireiškimo istorinis likimas rūšis, priklausomai nuo abiejų nurodytų genofondo savybių aplinkybių - konservatizmas ir plastiškumas.
Taigi bendroji populiacijos-rūšies lygio biologinė reikšmė susideda iš elementarių evoliucijos proceso mechanizmų, lemiančių specifikaciją, įgyvendinime.
To, kas vyksta populiacijos-rūšies lygmeniu, reikšmę visuomenės sveikatai lemia paveldimų ligų, ligų, turinčių akivaizdų paveldimą polinkį, buvimas, taip pat ryškūs skirtingų žmonių populiacijų genofondų ypatumai. Šiame lygyje vykstantys procesai kartu su ekologinės savybės skirtingos teritorijos sudaro perspektyvios krypties pagrindą šiuolaikinė medicina- neužkrečiamųjų ligų epidemiologija.
10 SKYRIUS BIOLOGINĖS RŪŠYS. RŪŠIŲ GYVENTOJŲ STRUKTŪRA
10.1. VAIZDO SAMPRATA
Rūšis yra individų, panašių pagrindinėmis morfologinėmis ir funkcinėmis savybėmis, kariotipu, elgesio reakcijomis, turinčių bendrą kilmę, gyvenančių. tam tikra teritorija(diapazonas), natūraliomis sąlygomis kryžminasi išskirtinai tarpusavyje ir tuo pačiu susilaukia vaisingų palikuonių.
Individo rūšinę priklausomybę lemia jo atitikimas išvardytiems kriterijams: morfologiniams, fiziologiniams ir biocheminiams, citogenetiniams, etologiniams, ekologiniams ir kt. Svarbiausi rūšies požymiai yra genetinė (reprodukcinė) izoliacija, kurią sudaro ne -tam tikros rūšies individų kryžminimas su kitų rūšių atstovais, taip pat
genetinis stabilumas natūraliomis sąlygomis, vedantis į nepriklausomą evoliucinį likimą.
Nuo K. Linėjaus laikų rūšis buvo pagrindinis taksonomijos vienetas. Ypatinga padėtis rūšis tarp kitų sisteminių vienetų (taksų) yra dėl to, kad tai grupė, kurioje atskiri individai tikrai egzistuoja. Kaip rūšies dalis natūraliomis sąlygomis individas gimsta, pasiekia brendimą ir atlieka savo pagrindinę funkciją. biologinė funkcija: dalyvauja dauginant, užtikrina genties tęstinumą. Skirtingai nuo rūšių, superspecifinio rango taksonai, tokie kaip gentis, būrys, šeima, klasė, prieglauda, nėra Tikras gyvenimas organizmai. Jų atskyrimas natūralioje sistemoje organinis pasaulis atspindi
34-Kaip naudojant biocheminę analizę galima atskirti virusus, turinčius RNR, nuo tų, kuriuose yra DNR? Pateikite du skirtumus.
Atsakymo pavyzdys:
1. RNR turinčiuose virusuose, skirtingai nei turinčiuose DNR, bus uracilas, o ne timinas;
2. RNR turinčiuose virusuose, skirtingai nei turinčiuose DNR, bus ribozės, o ne dezoksiribozės.
34-Kokiu tikslu kai kuriuose Rusijos regionuose-Altajaus,
Primorėje, Rostovo srityje, gydytojai rekomenduoja į maistą dėti druskos su joduota druska, valgyti jūros gėrybes (žuvį, jūros dumblius)? Paaiškinkite atsakymą.
1. Joduota druska ir jūros gėrybės yra šaltinis
jodas, kuris yra tiroksino, skydliaukės hormono, dalis.
2. Šiose srityse suma
jodo, o žmonės turi endeminę gūžį (peraugimą
skydliaukė hormonų trūkumui kompensuoti);
šie produktai padeda išvengti ligų
Skydliaukė.
34-Kodėl tvenkiniuose ir ežeruose stipriai „žydi“ vanduo?
lydimas žuvų žūties.
1. Vandens žydėjimą sukelia melsvadumbliai
(cianobakterijos), jos yra nuodingos;
2. Fotosintezės metu dumbliai išskiria didelį
deguonies kiekis, bet jo nepakanka gyviems organizmams,
nes gerai pašildytame vandenyje deguonies tirpumas smarkiai
sumažėja ir jis burbuliukų pavidalu išleidžiamas į atmosferą.
34-Nusikaltėlis, siekdamas paslėpti nusikaltimo pėdsakus, sudegino kruvinus aukos drabužius.
Medicinos ekspertas nustatė, kad ant drabužių yra kraujo. Kaip tai buvo padaryta?
1. Sudegus chemikalai lieka pelenuose
elementai, kurie buvo sudegusio objekto dalis;
2. Į raudonųjų kraujo kūnelių – eritrocitų – sudėtį įeina
hemoglobinas, kuriame yra geležies; jei ekspertas yra pelenuose
nustatytas padidėjęs geležies kiekis, todėl
ant drabužių buvo kraujo.
Kokios raidės nurodytos paveikslėlyje
"Paparčio vystymosi ciklas" haploidiniai vystymosi etapai?
Pavadinkite juos.
Haploidiniai vystymosi etapai:
1. Ginčas
2.G-augimas
3.D-anteridijos, archegoniumas, sperma, kiaušinėlis
35 – Kokie yra gyvūno ląstelių membranos struktūriniai elementai
langeliai paveiksle pažymėti skaičiais 1,2,3 ir kokios funkcijos
ar jie atlieka?
1-glikokaliksas (angliavandenių ir baltymų kompleksas),
užtikrina panašių ląstelių susijungimą į audinius,
atlieka signalizacijos funkciją;
2- baltymų molekulės, kurios atlieka struktūrinę
(konstrukcija), receptorius (signalas),
fermentinis (katalizinis),
transportavimas ir kitos funkcijos.
3 dvigubas lipidų sluoksnis, ląstelės membranos pagrindas,
riboja ląstelės vidų
suteikia selektyvų medžiagų suvartojimą;
Kokios medžiagos struktūra parodyta paveikslėlyje?
Ką paveiksle nurodo skaičiai 1-3?
Koks šios medžiagos vaidmuo?
tRNR molekulė;
1-antikodonas; 2-akceptoriaus vieta; 3-amino rūgštis;
Aminorūgščių transportavimas į baltymų sintezės vietą;
36-Suraskite klaidas pateiktame tekste. Nurodykite pasiūlymų numerius.
1. Žmogaus šlapimo sistemoje yra inkstai, antinksčiai, šlapimtakiai, šlapimo pūslė ir šlaplė;
2. Pagrindiniai šalinimo sistemos organai yra inkstai;
3. Kraujo ir limfos turintys galutiniai produktai metabolizmas;
4. Inkstų dubenyje vyksta kraujo filtracija ir šlapimo susidarymas;
5. Vandens perteklius absorbuojamas į kraują nefrono kanalėlyje;
6. Per šlapimtakius šlapimas patenka į šlapimo pūslę.
Klaidos
1.1-Žmogaus šlapimo sistemą sudaro inkstai, šlapimtakiai, šlapimo pūslė ir šlaplė;
2.3-kraujas, kuriame yra galutinių metabolizmo produktų, per kraujagysles patenka į inkstus;
3.4-Nefronuose vyksta kraujo filtravimas ir šlapimo susidarymas;
36 - Smegenų žievę sudaro pilkoji medžiaga
1. Pilkoji medžiaga susideda iš ilgų neuronų procesų;
2. Kiekvienas pusrutulis skirstomas į priekinę, parietalinę, smilkininę ir pakaušio skilteles;
3. Žievėje yra analizatoriaus laidininko sekcija;
4. Klausos zona yra parietalinėje skiltyje;
5. Regėjimo zona yra smegenų žievės pakaušio skiltyje.
Klaidos
2-Pilkoji medžiaga susideda iš neuronų kūnų;
2. 4-Centrinė analizatoriaus dalis yra žievėje;
3. 5-klausos zona yra smilkininėje skiltyje;
36-Suraskite pateiktame tekste klaidas ir jas ištaisykite.
1. Iš tarpinio šeimininko žarnų išsirita apvaisinti kepeninio sėlinuko kiaušinėliai, dalis jų patenka į rezervuarą.
2. Čia iš kiaušinėlių išlenda uodegos lervos.
3. Šios lervos patenka į mažos tvenkinio sraigės, kuri yra galutinis šeimininkas, kūną.
4. Palikusios tvenkinio sraigę, uodegos lervos virsta cistomis.
5. Pavasarį karvės ar avys suėda cistas ir užsikrečia spurtais.
1. Apvaisinti kepeninio purvo kiaušinėliai išsirita iš galutinio šeimininko ir kai kurie iš jų patenka į vandenį.
2.2-Čia iš kiaušinėlių atsiranda lervos su blakstienomis.
3.3. Šios lervos patenka į mažos tvenkinio sraigės, kuri yra tarpinis šeimininkas, kūną.
37-Ropės baltojo drugelio vikšrai yra šviesiai žalios spalvos ir yra nematomi kryžmažiedžių lapų fone. Paaiškinkite remiantis evoliucijos teorijašio vabzdžio apsauginės spalvos atsiradimas.
Atsakymo elementai
Dėl genetinės variacijos(mutacijos) vikšrai pasirodė šviesiai žalios spalvos
Daugiausia viduje BZS gavo vabzdžių, kurių spalva derėjo su kryžmažiedžių lapais, todėl jie buvo mažiau pastebimi
Natūralios atrankos procese per daugelį kartų naudingų savybių turintys asmenys išgyveno ir paliko palikuonių, o tai lėmė naudingo bruožo įtvirtinimą
Karpiai buvo paleisti į dirbtinį tvenkinį. Paaiškinkite, kaip tai gali paveikti jame gyvenančių vabzdžių lervų, karosų ir lydekų skaičių.
1. Karpiai minta vabzdžių lervomis, todėl sumažės lervų skaičius;
2. Pagal Gausės konkurencinės atskirties įstatymo principą karpiai yra karosų konkurentai, todėl intensyvėja tarprūšinė kova, o tai lemia karosų išstūmimą arba skaičiaus mažėjimą.
3. Lydekų daugėja, nes karpiai yra lydekų maistas.
38 – Koks ryšys tarp kvėpavimo ir fotosintezės augaluose?
Atsakymo elementai:
1. fotosintezės metu absorbuojamas CO 2 ir O 2 išsiskiria , jis naudojamas organizmams kvėpuoti, o CO 2 eina į sintezę
C 6 H 12 O 6 (gliukozė).
2. fotosintezės rezultate Saulės energija paverčiama energija cheminiai ryšiai organinių medžiagų, kvėpavimo metu organinių medžiagų skaidymosi energija atitenka ATP sintezei
3.Dėl fotosintezės organinės medžiagos sintetinamos, o kvėpuojant šios medžiagos oksiduojasi
38-Deguonies ciklas vyksta gamtoje. Kokį vaidmenį šiame procese atlieka gyvi organizmai? Paaiškinkite atsakymą.
Deguonis augaluose susidaro iš vandens fotosintezės metu ir patenka į atmosferą;
Kvėpavimo procese organizmai naudoja deguonį, jų ląstelėse energijos apykaitos procese susidaro vanduo ir anglies dioksidas;
Chemosintetinės bakterijos oksidacijai naudoja deguonį neorganinių medžiagų su ATP susidarymu.
39 – Gyvūno somatinei ląstelei būdingas diploidinis chromosomų rinkinys. Nustatykite chromosomų rinkinį (n) ir DNR molekulių skaičių (c) ląstelėje 1-osios mejozės telofazės ir 2-osios mejozės anafazės pabaigoje. Kiekvienu atveju paaiškinkite rezultatus.
Problemos sprendimo schema:
1. I mejozės telofazės pabaigoje chromosomų rinkinys-n,
DNR-2 skaičius;
2. II mejozės anafazėje chromosomų rinkinys 2 n, DNR skaičius 2c;
3. I telofazės pabaigoje įvyko redukcijos dalijimasis, 2 kartus sumažėjo chromosomų ir DNR skaičius;
4. II mejozės anafazėje seserinės chromatidės (chromosomos) išsiskiria į polius, todėl chromosomų ir DNR skaičius yra lygus.
3 ir 4 skyriuose paaiškinami gauti rezultatai.Kai atsakymo elementas yra 1 ir 2, skiriamas 1 balas, jei 3 ir 4, tai 3 taškai.
39 – Nustatykite, kiek kartų gliukagono baltymo molekulė yra lengvesnė už ją koduojantį struktūrinį geną. Gliukagonas susideda iš 29 aminorūgščių liekanų. Vidutinė vienos aminorūgšties liekanos masė yra 110 amu. Vidutinis molekulinė masė vienas nukleotidas - 345 a.m.u.
1. Baltymų masė 110x29 = 3190 a.m.
2. Vieną aminorūgštį koduoja trys nukleotidai, todėl nukleotidų skaičius yra 29x3 = 87
Geno svoris 87х345=30015
3. Baltymų masė 9,4 karto mažesnė už geno masę
30015/3190=9,4
Glikolizės procese susidarė 60 PVC (piruvo rūgšties) molekulių. Kiek gliukozės molekulių buvo suskaidyta ir kiek ATP molekulės susidaro hidrolizės būdu ir visiška oksidacija toks gliukozės kiekis? Paaiškinkite savo rezultatus.
1. Iš vienos gliukozės molekulės susidaro 2 PVC molekulės, todėl 30 gliukozės molekulių buvo suskilusios (60/2 = 30).
2. Hidrolizės metu 1 gliukozės molekulei susidaro 36 ATP molekulės, o hidrolizės metu 30 gliukozės molekulių -30x36 = 1080 ATP molekulių.
3. Visiškai oksiduojant 1 gliukozės molekulę susidaro 38 ATP molekulės, o hidrolizavus 30 gliukozės molekulių -30x38 = 1140 ATP molekulių.
39. Vienos iš DNR grandinių sekoje, kurios struktūra yra -GCAGGGTATCGT-, įvyko mutacija - ketvirtajame triplete buvo prarastas pirmasis nukleotidas. Naudodamiesi genetinio kodo lentele, nustatykite pradinę baltymo struktūrą. Kaip šis pokytis paveiks baltymo molekulės struktūrą? Kokiam mutacijos tipui priklauso šis pokytis? Paaiškinkite atsakymą.
1. Nukleotidų seka i-RNR: -CGUCCAUAGCA-;
pradinė baltymo struktūra: arg-pro-ile-ala;
2. Įvykus mutacijai baltymo molekulės sritis sutrumpės viena aminorūgštimi-ALA-, pasislinks skaitymo rėmelis, dėl to pasikeis aminorūgščių seka baltymo molekulėje (pirminė struktūra). );
3. Genų (taškų) mutacija.
39 Haploidinis perlinių vištų chromosomų rinkinys yra 38. Kiek chromosomų ir DNR molekulių yra odos ląstelėse prieš dalijimąsi, mitozės anafazėje ir telofazėje? Paaiškinkite atsakymą.
1. Prieš dalijantis, chromosomos padvigubėja (susideda iš dviejų chromatidžių), todėl odos ląstelėse (jose yra diploidinis chromosomų rinkinys) yra 76 chromosomos ir 152 DNR molekulės;
2. Mitozės anafazėje dukterinės chromatidės išsiskiria į priešingus polius, bet ląstelė dar nepasidalijo, todėl yra 76 chromosomos, DNR molekulės -152 (arba 76 kiekviename poliuje);
3. Telofazėje susidaro 2 dukterinės ląstelės su diploidiniu chromosomų rinkiniu, kuriame yra 76 chromosomos ir 76 DNR molekulės.
39-baltymas susideda iš 315 aminorūgščių. Nustatykite nukleotidų skaičių DNR ir i-RNR molekulių sekcijose, kurios koduoja šį baltymą, taip pat molekulių skaičių
tRNR, reikalingos šioms aminorūgštims pernešti į baltymų sintezės vietą. Paaiškinkite atsakymą.
1. Tripleto-vienos aminorūgšties genetinį kodą koduoja trys nukleotidai, nukleotidų skaičius i-RNR-315x3=945;
2. Nukleotidų skaičius iRNR atitinka nukleotidų skaičių vienoje DNR grandinėje, t.y. taip pat 945 nukleotidai;
3. Kiekvieną aminorūgštį į baltymų sintezės vietą perneša viena t-RNR molekulė, todėl t-RNR skaičius lygus aminorūgščių skaičiui (315 t-RNR molekulių).
Išanalizuoti kryžminimo rezultatą, padaryti išvadą apie paveldėjimo pobūdį ir paaiškinti tokių rezultatų priežastis.
Kukurūzuose trumpi tarpmazgiai (b) ir rudimentiniai panicle (v) genai yra recesyviniai. Atliekant analizuojamąjį augalo su normaliais tarpubambliais ir normaliu šermukšniu kryžminimą, buvo gauti palikuonys: 48% su normaliais tarpubambliais ir normaliu snukučiu, 48% su sutrumpintais tarpubambliais ir pradiniu snukiu, 2% su normaliais tarpbambliais ir pradine snapeliu. , 2% su sutrumpintais tarpmazgiais ir normalia snukio. Nustatyti tėvų ir palikuonių genotipus. Sudarykite užduoties kryžminimo schemą. Paaiškinkite savo rezultatus. Kokie paveldimumo dėsniai pasireiškia šiuo atveju?
Problemos sprendimo schema:
Tėvų genotipai: norma BbVvxbbvv
Gametes BVBvbVbvbv
palikuonių genotipai:
48% - BbVv, su normaliais tarpmazgiais ir normalia panika
48% - bbvv, su sutrumpintais tarpubambliais ir rudimentine panika
2% -Bvbv su normaliais tarpmazgiais ir pradine kakleliu,
2% - bbVv su sutrumpintais tarpubambliais ir normalia panika.
Dviejų daugybės grupių (po 48%) atsiradimas palikuonims leidžia daryti išvadą, kad šių genų paveldėjimas yra susijęs, o dar 2 grupių (po 2%) buvimas paaiškinamas genų ryšio pažeidimu dėl perėjimas; Pasireiškia Morgano susieto paveldėjimo ir genų atsiejimo dėsniai.
40. Iš persų katės balto kailio spalvos ir oranžinėmis akimis bei šokoladinės katės varinėmis akimis gimė balti kačiukai oranžinėmis akimis. Kryžminant kates ir kates iš F1 visada gaudavo kačiukus
balta su oranžinėmis akimis ir šokoladinė su varinėmis akimis.
Sudarykite problemos sprendimo schemą. Nustatykite tėvų genotipus
F1 ir F2 palikuonys. Kokie paveldimumo dėsniai pasireiškia juose?
Rekomenduojame sustabdyti bet kokius bandymus išspręsti bet kokias užduotis iš USE pavyzdžių vakare, egzamino išvakarėse – iš to nebus nieko, tik vargo. Atsipalaiduokite, pasivaikščiokite – apskritai stenkitės prasiblaškyti ir gerai išsimiegoti egzamino išvakarėse. Iš anksto surinkite viską, ko reikia: pasą, juodus gelinius rašiklius, keitimo batus (jei reikia) ir kt.
Prieš pradėdami egzaminą atidžiai išklausykite visas instrukcijas: statistika rodo, kad bent vienas techninis Kas antras pardavėjas daro klaidą.
Laikas
| 1 valandą | |
| 40 minučių | |
| 30 minučių | |
| 30 minučių | |
| 20 minučių |
C dalies projektas
Patariame pradėti nuo C dalies (iš pradžių A ir B dalių geriau net neatidaryti), nes ji pati sunkiausia, ir palikti pabaigai, kai jau išsprendei tiek daug užduočių įvairiomis temomis ir ten yra sumaištis jūsų galvoje, yra neprotinga.
Formuluodami atsakymus mintyse suskaičiuokite savo teiginius: C1 užduotyje jų turi būti bent du, o C2-C6 – bent trys, o geriau daugiau – nežinai, kuris iš tavo teiginių atitiks inspektoriaus atsakymo pavyzdį. .
Kartais pravartu pradėti apibrėžiant pačiame klausime esančias biologines sąvokas – gali pasirodyti, kad už jų žinojimą jau gauni vieną tašką.
Stenkitės mėgautis moksline kalba o ne atsakyti į klausimus kasdieniu stiliumi. Pagalvokite, kad šia tema rašote pastraipą iš biologijos vadovėlio.
Sprendžiant genetines ir citologines problemas neužtenka parašyti kryžmines schemas ir nukleotidų ar aminorūgščių sekas – nepamirškite visų šių skaičiavimų palydėti savo detaliais samprotavimais – tada kaltų nerasite.
Vykdydami klaidų paieškos ir taisymo užduotis nepamirškite, kad visada turi būti trys klaidos. Taisydami klaidas negalite naudoti paprasto neigimo, turite pateikti savo teisingą teiginį, parodyti savo žinias šioje srityje.
A ir B dalių projektas
Kaip A ir B dalių juodraštį, galite naudoti pačius užduočių lapus, ten galite rašyti bet ką: varnelius, skaičius, raides, perbraukti, daryti brėžinius ir pan. - NAUDOTI užduotis su jūsų užrašais yra perduodami, bet netikrinami.
Dabar trumpai perskaitykite šį sakinį:
BERNIUKAI IRGALI KIEME PYANTASKI
Ar ką nors pastebėjai? Skaitydami atidžiau pabandykite surasti 3 neteisingai parašytus žodžius.
Tai yra mūsų smegenų veikimo modelis. Jis visada suvokia pagrindinį dalyką, nekreipdamas deramo dėmesio į antraeilį. Testų autoriai plačiai naudojasi šia mūsų mąstymo savybe, tikėdamiesi, kad būsime nedėmesingi suformuluotos užduoties detalėms.
Kad neužkluptumėte šio masalo, nepatingėkite kelis kartus perskaityti A ir B dalių užduotis ir pasirinkti atsakymus, atidžiai pasverdami visus už ir prieš. Pasirinkimo argumentas „manau taip“ arba „nes tai neteisinga“ neveiks. Geriau išsakyti visus įmanomus argumentus nepavertus viso mąstymo proceso nesąmoningu pasirinkimu.
Kartais pravartu pasidaryti eskizinius piešinius ar net parašyti atskiras frazes.
Jei nežinote atsakymų į kai kuriuos klausimus, geriau atsakyti atsitiktinai, nei palikti tuščią langelį. Antruoju atveju už šį klausimą tikrai gausite „0“, o pirmuoju atveju yra galimybė netyčia pataikyti į teisingą atsakymą. Už neteisingus atsakymus A ir B dalyse taškai nemažinami.
Meistriškumo klasė"Pasiruošimas biologijos OGE"
28 užduočių analizė; Nr.31; 32 biologijos OGE antrosios dalies Nr
Meistriškumo klasę sukūrė ir vedė I kategorijos biologijos mokytojas
Isakova Natalija Vladislavovna
(SM „Emmausskaya vidurinė mokykla“, Tverės)
Tikslai ir tikslai meistriškumo klasė biologijoje
1. Išstudijuoti biologijos kontrolės ir matavimo medžiagų specifikaciją OGE 2016–2017 m.
2. Susipažinkite su turinio elementų kodifikatoriumi ir reikalavimais absolventų rengimo lygiui švietimo įstaigų už OGE biologijoje.
3. Formuoti įgūdžius ir gebėjimus dirbti su bazinio sudėtingumo užduotimis.
Įranga: pristatymas, demonstracinė OGE biologijoje versija 2016–2017 m.; turinio elementų ir reikalavimų, keliamų biologijos OGE 2016-2017 m. bendrojo ugdymo įstaigų absolventų rengimo lygiui (projektas); CMM specifikacija (juodraštis).
Mokytojo įžanginė kalba
Susipažinkime su darbų atlikimo instrukcijomis:
Egzamino darbas susideda iš dviejų dalių, iš kurių 32 užduotys. I dalyje yra 28 užduotys su trumpu atsakymu, II dalyje – 4 užduotys su išsamiu atsakymu.
Egzamino trukmė – 3 valandos (180 minučių).
1-22 užduočių atsakymai rašomi vienu skaitmeniu, kuris atitinka teisingo atsakymo skaičių. Įrašykite šią figūrą darbo teksto atsakymo laukelyje, tada perkelkite į atsakymų lapą Nr.
23-28 užduočių atsakymai rašomi skaičių seka. Užrašykite šią skaičių seką darbo teksto atsakymo laukelyje, tada perkelkite į atsakymų lapą Nr.
Į 29–32 užduotis reikia pateikti išsamų atsakymą. Užduotys atliekamos atsakymų lape Nr.2.
Atlikdami užduotis galite naudoti juodraštį. Įrašų projektai neįskaičiuojami vertinant darbą.
Taškai, kuriuos gaunate už atliktas užduotis, yra sumuojami. Stenkitės atlikti kuo daugiau užduočių ir surinkti kuo daugiau taškų.
Susipažinkime su egzamino darbo vertinimo kriterijais.
1. Už teisingą 1-22 užduočių atlikimą skiriamas 1 balas.
2. Už teisingą kiekvienos 23-27 užduoties atsakymą skiriami 2 balai.
3. Už 23-24 užduočių atsakymą skiriamas 1 balas, jei atsakyme yra bet kurie du skaitmenys, pateikti standartiniame atsakyme, ir 0 balų, jei teisingai nurodytas tik vienas skaitmuo arba nenurodytas nė vienas.
4. Jeigu egzaminuojamasis atsakyme nurodo daugiau simbolių nei būtina, tai už kiekvieną papildomą simbolį mažinamas 1 balas (iki 0 balų).
5. Už išsamų teisingą 28 užduoties atsakymą skiriami 3 balai; 2 taškai skiriami, jei kurioje nors atsakymo pozicijoje yra kitoks simbolis, nei pateikta standartiniame atsakyme; Jei dviejose atsakymo pozicijose yra kitų nei standartiniame atsakyme simbolių, skiriamas 1 balas, o visais kitais atvejais – 0 balų.
Taigi, pereikime prie biologijos OGE antrosios dalies užduoties Nr. 28 analizės.
Kad mūsų darbas būtų produktyvus, prisiminkime lapų formas, lapų tipus (venaciją).
(3-11 skaidrės).
Pradedame 28 užduoties analizę standartinis variantas№1 2017 m
1. Nustatyti lapo tipą Jei lapas turi lapkotį, tai lapo tipas yra lapkočiai. Jei lapas neturi lapkočio, lapas yra bekojis.
2. Nustatome lapo venaciją. Šis lapas turi plunksninę (tinklinę) veną, nes lapo viduryje yra viena galinga gysla.
3.Lakšto forma. Norint nustatyti lapo formą, reikia paveikslėlyje KIME nubrėžti punktyrines linijas ir, naudojant užduotyje pateiktą pavyzdį, nustatyti lapo formą (dirbant su interaktyvia lenta).
4. Liniuote ir pieštuku nustatykite lapo tipą. Nubrėžkite punktyrines linijas. Jei ilgis lygus arba 1-2 kartus didesnis už plotį, tai pagal ilgio ir pločio santykį lapo tipas yra kiaušiniškas, ovalus arba ovalus. Šio lapo plotis 3 cm, ilgis 4,5 cm, o tai reiškia, kad šio lapo forma yra kiaušinio formos lenta).
5. Belieka nustatyti lapo kraštą. Atidžiai apsvarstysime KIME siūlomus pavyzdžius, parinksime tinkamą pavyzdį mūsų lapui. Lapas yra visiškai kraštinis, nes išilgai kraštų nėra dantų. 
28 užduotis sėkmingai atlikta.
Tęsiame 2017 metų tipinio varianto Nr.1 užduoties Nr.31 analizę.
1. Atidžiai perskaitykite problemos sąlygą.
2. Tekste akcentuojame klausimus, į kuriuos privalome atsakyti (ką turime apskaičiuoti).
3. Taigi reikia nurodyti: rytinės treniruotės energijos sąnaudas, rekomenduojamus patiekalus, pietų kaloringumą ir baltymų kiekį juose
4. Paskaičiuokime rytinės treniruotės energijos sąnaudas. Norėdami tai padaryti, naudosime lentelę Nr. 3 „Energijos suvartojimas val įvairių tipų fizinė veikla».
Iš problemos būklės žinome, kad Olga žaidžia tenisą, vadinasi, energijos sąnaudos bus 7,5 kcal/min.
(vertė paimta iš lentelės Nr. 3, atsižvelgiant į sporto šaką, kuria užsiima Olga). Turime paskaičiuoti dviejų valandų rytinės treniruotės energijos sąnaudas. Taigi 120 minučių (2 valandos treniruotės) X 7,5 kcal. (fizinės veiklos energijos sąnaudos) ir gaukite 900 kcal rytinės treniruotės energijos sąnaudas. (120 X 7,5 \u003d 900 kcal.)
Meniu sudaryti naudojame stulpelio „Energijos vertė“ lentelę Nr.
Meniu: Mėsos sumuštinis (energetinė vertė - 425 kcal.)
Daržovių salotos (energetinė vertė – 60 kcal.)
Ledai su šokolado įdaru (energetinė vertė - 325 kcal.)
Arbata su cukrumi (du arbatiniai šaukšteliai) – energija. vertė - 68 kcal.
+60 + 325 + 68 = 878 kcal. (rekomenduojamų pietų kalorijų kiekis).
39+ 3 +6= 48
Darbas sėkmingai baigtas.
Išanalizuokime 2017 metų tipinio varianto Nr.1 užduotį Nr.32.
Kodėl treneris ypatingą dėmesį skyrė Olgos baltymų kiekiui užsakytuose patiekaluose? Nurodykite bent du argumentus.
32 užduotis išplaukia iš 31 užduoties.
1. Baltymai yra pagrindinė organizmo statybinė medžiaga. Baltymus sudaro raumenys, raiščiai, oda ir vidaus organai.
2. Baltymai yra energijos šaltinis.
Darbas atliktas, ačiū už darbą!
Biologijos egzamino rengimo galimybės
Po teminių užduočių biologijoje pradėkite praktiką. Nuo demonstravimo aukštas lygisžinių, būtina užtikrintai dirbti su diagramomis, lentelėmis ir grafikais. Paaiškinti biologinius procesus naudojant grafinę informaciją.
Pirmiausia atsisiųskite FIPI, kuris yra pavyzdys ir suteikia idėją apie būsimų egzamino užduočių struktūrą ir sudėtingumo formą.
Remiantis nauja sukurta demonstracine versija 10 mokymo variantai, užsiregistruoti ir stebėti žinių lygį Asmeninė paskyra.
Nustatykite, analizuokite klaidas ir vėl treniruokitės. Jūsų sėkmė – tai nuolatinis pasirinkimų sprendimas pasiruošimo metu!
USE testas biologijoje 2019 apima 28 užduotis.
- 1 dalis yra 21 užduotis su trumpu atsakymu (skaičių seka, skaičius, žodis ar frazė)
- 2 dalis yra 7 užduotys su išsamiu atsakymu (pateikite išsamų atsakymą: paaiškinimą, aprašymą ar pagrindimą; išsakykite ir argumentuokite savo nuomonę).
Variantas sugrupuotas pagal temas.
- Pirmoje dalyje yra 21 užduotis, kurios sugrupuotos pagal turinio blokus, pateiktus:
- Keliems pasirinkimams;
- Užmegzti susirašinėjimą;
- Nustatyti procesų ar reiškinių seką;
- Citologijos ir genetikos užduotys;
- Papildyti brėžinius;
- Schemos ar lentelės analizė.
- Antroje dalyje yra 7 užduotys. Tam, kad sėkmingai išspręstų studentas, studentas turi gerai įsisavinti koncepcinį aparatą ir kompetentingai dirbti su biologiniais terminais.
Trumpa kai kurių užduočių sąlygų analizė
Užduotys iš pirmojo bilieto bloko:
- - pateikiamas biologinis fragmentas, reikalaujantis sąsajų tarp sąvokų užmezgimo;
- - suskaičiuoti chromosomų skaičių ir nustatyti įvairių procesų metu susidariusių ląstelių skaičių;
- - rasti tekste pavyzdžių, atitinkančių sąvokas;
- - patikrinti žinias apie rūšies savybes - pasirinkti iš testo kriterijus, atitinkančius rūšį.
Biologijos testų vertinimas USE
Per pirma dalis maksimalus bilietas - 38 taškai.
Problemų sprendimui antra dalis - 20 taškų.
Už teisingai atliktas užduotis gauti taškai sumuojami.
Taškų konvertavimas į pažymius
- 0–35 taškai – 2,
- 36-54 taškai - 3,
- 55–71 taškai – 4,
- 72 ir daugiau balų - 5;
Dėl priėmimo į biudžetinė vieta prestižiniame universitete reikia surinkti daugiau nei 84 taškus.
Nuspręsk! Išdrįsk! Siekite geriausio!
